属于数位\(DP\)入门级别的题目，但我做这类题不多，还是要总结一下这道经典题目
\(Description\)
题面
给定\(a,b\),求\([a,b]\)区间有多少个数满足:任意两个相邻数位之间的差的绝对值\(>=2\)
\(a,b<=1e12\)
\(Solution\)
数位\(DP\)的基本思想是一个一个数确定，逼近到边界
数位\(DP\)一般设计状态为\(dp[i][s]\)表示当前考虑到第\(i\)位（从最低位编号），当前位置或附近位置状态为\(s\)的方案数。
有时候需要预处理，有时候直接数位\(dp\)即可
对于这个题，比较显然的是设计状态\(dp[i][j]\)表示当前考虑到第\(i\)位（\(1--(i-1)\)都已经考虑），第\(i\)位为\(j\)的方案数
状态转移比较显然，注意也要处理\(0\)的情况
void pre()
{
pow[0]=1;
for(re int i=1;i<=13;++i) pow[i]=pow[i-1]*10;//pow[1]=10，i表示1o^i;
for(re int i=0;i<=9;++i) dp[1][i]=1;//单独处理一位的情况
for(re int i=2;i<=12;++i)//注意从2开始
for(re int j=0;j<=9;++j)
for(re int k=0;k<=9;++k)
if(abs(j-k)>=2) dp[i][j]+=dp[i-1][k];//把0的情况也处理
}
统计答案时就照着数位\(DP\)的套路统计，不过这道题要注意前导零，比如例子:\(65536\)
如此统计还有几个问题：
\(1.\)不能直接统计\(00000-59999\)，因为像\(01xxx\)这样的答案会被判断为不合法，但是答案要求不包含前导零，所以这种情况是合法的。所以我们要枚举答案时\(1、2、3、4\)位数的情况，来消除前导\(0\)的影响
\(2.\)注意到每次逼近都是枚举到当前位置的数\(-1\)，因为这样后面的位置可以考虑所有情况，所以最后会枚举到\(65535\)而忽略\(65536\)，把边界设到\(x+1\)即\(65537\)就行了。
\(3.\)注意\(65xxx\)的答案实际上已经不合法了，我们枚举第二高位的时候会排除这种情况，但到了下一位直接默认这一位是\(5\)了，因此就不合法了。所以每次跳到下一位之前要判断这一位和前一位是否合法，不合法直接退出,\(return\)，因为后面美剧的都是\(65xxx\)，都不合法不用考虑了。
更多细节见代码
\(Code\)
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define re register
#define ll long long
using namespace std;
inline ll read()
{
ll x=0,f=1; char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
ll a,b;
ll dp[20][20],pow[20],cnt;
void pre()
{
pow[0]=1;
for(re int i=1;i<=13;++i) pow[i]=pow[i-1]*10;//pow[1]=10，i表示1o^i;
for(re int i=0;i<=9;++i) dp[1][i]=1;//单独处理一位的情况
for(re int i=2;i<=12;++i)//注意从2开始
for(re int j=0;j<=9;++j)
for(re int k=0;k<=9;++k)
if(abs(j-k)>=2) dp[i][j]+=dp[i-1][k];//把0的情况也处理
}
ll ask(ll x)
{
ll tmp=x,ans=0,last;
cnt=0;
while(tmp) {tmp/=10,cnt++;}
int now=x/pow[cnt-1];//now表示当前考虑的最高位
for(re int i=cnt-1;i>=1;--i)
for(re int j=1;j<=9;++j)
ans+=dp[i][j];//因为不包含前导0，所以01这种答案是合法的，枚举每个位置作为起点（1-(cnt-1)）位数的开头
//枚举的值是1-9，因为它是开头不含前导零，最后不用考虑0的情况，因为数据保证a>=1,考虑不考虑都会被前缀和相减消除
for(re int i=1;i<now;++i) ans+=dp[cnt][i];//第cnt位要单独处理
last=now;
x%=pow[cnt-1];//last表示上一位，用于枚举下一位是判断
for(re int i=cnt-1;i>=1;--i)
{
now=x/pow[i-1];//提取最高位
for(re int j=0;j<now;++j)
if(abs(last-j)>=2) ans+=dp[i][j];
if(abs(now-last)<2) break;//!!!重要：假如这两个值不符合了，后面不用考虑了。
//比如10765，后面考虑的都是10xxx，一定都不符合了
last=now;//更新一下上一位
x%=pow[i-1];//注意取模保证每次取到当前的最高位
}
//统计的是开区间，边界数不会被统计
return ans;
}
int main()
{
a=read(),b=read();
pre();
ll tmp1=ask(b+1);
ll tmp2=ask(a);
printf("%lld\n",tmp1-tmp2);//统计的是开区间，边界数不会被统计
return 0;
}
$P2657\ [SCOI2009]\ windy$数
